Debiste haber tomado el tiempo para usar el editor de esquemas cuando escribiste tu pregunta. No hay razón para que no hayas podido hacer tanto trabajo. Si quisiera referirme a él, al menos entonces (1) podría referirme a los números de dispositivo y (2) podría copiarlo para mis propios adornos si hubiera querido hacerlo. Es la pregunta your . Debe poner el trabajo de más en la redacción de su pregunta, más de lo que le pide a los demás que proporcione. Eso es básico, cortesía común y parte de por qué estaba menos interesada en pasar mi propio tiempo cuando no estaba dispuesta por igual o más.
Pero el hecho es que este es un modelo útil y una descripción puede ser útil para otros. Así que aquí está el esquema, con algunos cuadros de colores:
simular este circuito : esquema creado usando CircuitLab
Una parte de la primera etapa del amplificador está resaltada por un cuadro azul y es un par de cola larga donde cada lado está hecho de lo que parece bastante similar a un Darlington. \ $ Q_1 \ $ y \ $ Q_2 \ $ forman un lado y \ $ Q_3 \ $ y \ $ Q_4 \ $ forman el otro lado. Los pares se utilizan para obtener valores de \ $ \ beta \ $ realmente altos. Juntos, estos representan un amplificador diferencial de par de cola larga.
La primera introducción a un amplificador de este tipo generalmente utiliza resistencias en las patas del colector (o, al menos, una resistencia en una de las patas). En este circuito, sin embargo, se utiliza un espejo de corriente para reemplazar ambas patas del colector. resistencias y se destaca por el cuadro verde. En el caso de espejo de corriente ideal, esto significa que las mismas corrientes deben estar presentes en ambos lados del amplificador diferencial. Por lo tanto, cualquier corriente en un lado se reflejará en el otro lado.
Hay otro espejo actual resaltado por el cuadro rojo y este es el que establece la corriente que será reflejada por el espejo actual en el cuadro verde. A grandes rasgos, la corriente se establecerá mediante \ $ \ frac {V_ {CC} / 2-1 \: \ textrm {V}} {R_3 + R_4} \ $. He llamado a este \ $ I_ {SET} \ $ actual. Sin embargo, el valor exacto no es importante para sus necesidades. (La magnitud de esta corriente es importante cuando se considera la unidad base necesaria para la etapa de salida).
Entonces, si hay una diferencia de voltaje entre -IN y + IN, ¿qué sucede? Bueno, debido a la duplicación actual de la caja verde, las corrientes del emisor en \ $ Q_2 \ $ y \ $ Q_3 \ $ deben ser las mismas. Dado que este también requiere las gotas \ $ V_ {BE} \ $ para los pares \ $ Q_1 \ $ / \ $ Q_2 \ $ y \ $ Q_3 \ $ / \ $ Q_4 \ $ para que también sean lo mismo (llamemos a esa caída emparejada, \ $ V_ {BEX} \ $), la única forma en que esto sucede es si el voltaje del emisor de \ $ Q_2 \ $ es \ $ \ left (-IN \ right) + V_ {BEX } \ $ y el voltaje del emisor de \ $ Q_3 \ $ es \ $ \ left (+ IN \ right) + V_ {BEX} \ $. La diferencia entre estos voltajes es entonces \ $ \ left (+ IN \ right) - \ left (-IN \ right) \ $.
En resumen, la diferencia de voltaje en las dos entradas se replica simplemente en \ $ R_5 \ $. Esto configura una corriente a través de \ $ R_5 \ $, etiquetada como \ $ I_Z \ $ en el esquema, donde \ $ I_Z = \ frac {V _ {+ IN} -V _ {- IN}} {R_5} \ $.
\ $ I_Z \ $ se agrega a \ $ I_ {SET} \ $ y va al lado izquierdo del espejo actual de la casilla verde, \ $ Q_5 \ $. Esta corriente es \ $ I_Z + I_ {SET} \ $ y se replica a través de \ $ Q_6 \ $ para convertirse en la corriente del emisor de \ $ Q_3 \ $. Pero esta corriente del emisor debe venir a través de \ $ R_6 \ $. Y \ $ R_6 \ $ no solo debe suministrar el emisor actual, sino que también debe proporcionar la corriente que necesita \ $ R_5 \ $. Por lo tanto, la corriente a través de \ $ R_6 \ $ es \ $ 2 \ cdot I_Z + I_ {SET} \ $.
Tratando la porción \ $ I_ {SET} \ $ como una constante, esto significa que la señal causa un cambio actual de \ $ 2 \ cdot I_Z \ $ pass a través de \ $ R_6 \ $, causando un cambio de caída de voltaje en \ $ R_6 \ $ que se refleja al 100% en el terminal OUT. Esta ganancia de señal será: \ $ 2 \ cdot \ frac {R_6} {R_5} \ $. En este caso, eso es 50.
Los dos diodos colocan la etapa de salida (\ $ Q_ {10} \ $, \ $ Q_ {11} \ $ y \ $ Q_ {12} \ $) en el modo de clase AB (con suerte), proporcionando suficiente \ $ V_ {BE} \ $ separación para que los BJT de salida mantengan una corriente de reposo modesta, pero probablemente baja. \ $ C_1 \ $ es solo un condensador de compensación para la etapa del amplificador de voltaje (VAS) de \ $ Q_7 \ $. Es bastante pequeño para proporcionar una alta tasa de cambio, sospecho. \ $ Q_9 \ $ proporciona un flujo de corriente de aproximadamente \ $ I_ {SET} \ $ en magnitud, que es aprovechado y utilizado por las bases de los BJT de la etapa de salida. Pero \ $ Q_7 \ $ normalmente debería estar hundiendo la parte del cerdo en un arreglo bien diseñado.
También, tenga en cuenta que cuando no hay señal presente, la tensión de SALIDA será la misma que la tensión de BYPASS. (La caída de voltaje en \ $ R_6 \ $ será la misma que la caída de voltaje en \ $ R_3 \ $.)
