60/5 A CT Burden Resistance

Como usted dice, simplemente puede aplicar la ley de Ohm, que le otorga 80m \ $ \ Omega \ $ para 400mV. La disipación de potencia en la corriente secundaria de 5A será 2W, lo cual es bastante razonable, pero es bastante irrelevante. La corriente de salida es fija (siempre que se mantenga dentro del rango aceptable para el CT en particular), por lo que si desea V voltios, la resistencia no puede variar de ese número.

Por supuesto, es libre de usar una resistencia de valor más bajo (por ejemplo, 20m \ $ \ Omega \ $) que le daría 100mV y solo disiparía 0.5W máximo, pero solo daría 100mV RMS a escala completa, por lo que podría necesitar un amplificador. El uso de una conexión de 4 hilos (Kelvin) se vuelve aún más importante en resistencias tan bajas, ya que solo 200 \ $ \ mu \ Omega \ $ en el lugar equivocado representará un error relativamente grande del 1%.

No entiende lo que significan las especificaciones (afortunadamente :-))
Su error consiste en asumir que los flujos primarios en la resistencia de carga.
La resistencia de carga está conectada a través de la secundaria, NO la primaria.
Isecondary es N veces más pequeño que I_primary donde N es la relación de vueltas del CT. Así que la disipación de poder es MUY inferior a lo que usted ha calculado.

Un CT tiene un 1 turno (generalmente) primario y un N turno secundario.
La corriente en la primaria y (crítica aquí) la corriente en la secundaria es N veces más baja.
El voltaje en el secundario se establece por la resistencia de carga, generalmente seleccionada para estar en el rango de 100 mV - 10V, y el voltaje en el primario es N veces menor.

Por ejemplo, para un CT de escala completa de 5A con una salida de 400 mV y una proporción de giros de 1: 100. Iprimary = 5A.
I secundario = 5A / N = 5A / 100 = 50 mA
V secundaria = 400 mV
Vprimary = 400 mV / N = - 400 mV / 100 = 4 mV

PODER en resistencia de carga = Isecundary x Vsecondary
= 0.050 A x 400 mV = 20 mW.
R carga = V / I = Vsecundaria / I secundaria = 0.400 / 0.050 = 8 Ohms.