En el libro Art of Electronics, no entiendo la siguiente frase
.. porque la corriente está fluyendo hacia abajo a través de R3, intentando subirla.
¿Por qué esta corriente intenta subir la tapa?
El colector de Q1 está saturado y 0V, y la base de Q2 es -4.4V, ¿significa esto que fluye a través de C1?
En este caso, ¿por qué tiene que cambiar, ya que ninguna corriente fluiría de -4.4V a 0V? ?
¿También pueden cargarse condensadores electrolíticos en cualquiera de los lados?
Considere que \ $ V_ {in} \ $ sea 0V y que ese haya sido el caso durante un tiempo considerable. \ $ C_1 \ $ tendrá 5V en su LHS (lado izquierdo) porque ha sido cargado por \ $ R_2 \ $ y aproximadamente 0.6V en su RHS (lado derecho) porque \ $ Q_2 \ $ está activado y el voltaje está limitado por su base, \ $ R_3 \ $ está proporcionando la base actual.
Ahora tomamos \ $ V_ {in} \ $ high para decir 5V. Esto enciende \ $ Q_1 \ $ de modo que el voltaje en el LHS de \ $ C_1 \ $ cae a 0V, porque el voltaje a través de un condensador no puede cambiar instantáneamente el voltaje en el RHS de \ $ C_1 \ $ cae a aproximadamente - 4.4V. Dado que la base de \ $ Q_2 \ $ es negativa, hay \ $ 5 - (- 4.4) = 9.4 \ $ volts en \ $ R_3 \ $ por lo que debe tener \ $ 940 \ mu \ text {A} \ $ fluyendo a través de ella De arriba a abajo como se dibuja. La unión \ $ Q_2 \ $ base-emisor está sesgada inversamente (no hay corriente de base), por lo que debe fluir a través de \ $ C_1 \ $ al colector de \ $ Q_1 \ $ y salir de su emisor. Esto tiene el efecto de descargar \ $ C_1 \ $ y comenzar a cargarlo en la otra dirección.
Esto desactiva \ $ Q_2 \ $ y \ $ V_ {out} \ $ va inmediatamente a 5V.
\ $ R_3 \ $ ahora comienza a cargar el RHS de \ $ C_1 \ $ hacia 5V, nunca llegará allí porque una vez que alcanza aproximadamente 0.6V \ $ Q_2 \ $ comienza a encenderse y \ $ V_ {out } \ $ comienza a caer. El flanco descendente en \ $ V_ {out} \ $ es más suave que el flanco ascendente porque los transistores están controlados por corriente y porque parte de la corriente en \ $ R_3 \ $ se usa para cargar el capacitor cuando \ $ Q_2 \ $ comienza a conducir .
Ahora tomamos de nuevo \ $ V_ {in} \ $ a 0V y el LHS de \ $ C_1 \ $ cobra a través de \ $ R_2 \ $ a 5V una vez que llegue allí, estamos listos para generar nuestro próximo pulso.
Imagina que el circuito ha estado sentado con la entrada baja durante mucho tiempo. El extremo izquierdo de C1 estará a + 5V de tierra y el extremo derecho estará a aproximadamente 0.7V (Vbe del transistor). Entonces hay -4.3V medidos a través del condensador, de izquierda a derecha.
Cuando Q1 se enciende, su colector cae a aproximadamente 0 V prácticamente al instante. Como sabe, el voltaje a través de un capacitor no cambiará instantáneamente, por lo que con el lado izquierdo a 0V en lugar de +5, el lado derecho también disminuirá en 5V, de +0.7 a -4.3V.
R3 está conectado entre el +5 y el lado derecho del condensador, que está a -4.3 voltios, justo después de que el Q1 se enciende, por lo que la corriente fluye a 9.3V / R3 o 0.93mA para comenzar (la base dibuja No hay corriente significativa en el sesgo inverso). Por lo tanto, el condensador se carga con la constante de tiempo dada hasta que la base comienza a conducir a aproximadamente + 0.6V.
Puedes jugar con la simulación en Circuitlab.
Aquí V (un5) es el voltaje de entrada, V (un2) -V (un1) es el voltaje a través del capacitor, y V (un3) es el voltaje de salida. La traza actual es la corriente a través de R3.
simular este circuito : esquema creado usando CircuitLab
Las tapas electrolíticas polarizadas no deben tener una tensión inversa apreciable aplicada. Los capuchones electrolíticos bipolares o no polares están bien con cualquier polaridad con límites de voltaje máximo y corriente de rizado.
